NC17858. [NOI2014]魔法森林
描述
为了得到书法大家的真传，小E同学下定决心去拜访住在魔法森林中的隐士。魔法森林可以被看成一个包含个N节点M条边的无向图，节点标号为1..N，边标号为1..M。初始时小E同学在号节点1，隐士则住在号节点N。小E需要通过这一片魔法森林，才能够拜访到隐士。
魔法森林中居住了一些妖怪。每当有人经过一条边的时候，这条边上的妖怪就会对其发起攻击。幸运的是，在号节点住着两种守护精灵：A型守护精灵与B型守护精灵。小E可以借助它们的力量，达到自己的目的。
只要小E带上足够多的守护精灵，妖怪们就不会发起攻击了。具体来说，无向图中的每一条边Ei包含两个权值Ai与Bi。若身上携带的A型守护精灵个数不少于Ai，且B型守护精灵个数不少于Bi，这条边上的妖怪就不会对通过这条边的人发起攻击。当且仅当通过这片魔法森林的过程中没有任意一条边的妖怪向小E发起攻击，他才能成功找到隐士。
由于携带守护精灵是一件非常麻烦的事，小E想要知道，要能够成功拜访到隐士，最少需要携带守护精灵的总个数。守护精灵的总个数为A型守护精灵的个数与B型守护精灵的个数之和。
输入描述
第1行包含两个整数N,M，表示无向图共有N个节点，M条边。 接下来M行，第行包含4个正整数Xi,Yi,Ai,Bi，描述第i条无向边。其中Xi与Yi为该边两个端点的标号，Ai与Bi的含义如题所述。 注意数据中可能包含重边与自环。
输出描述
输出一行一个整数：如果小E可以成功拜访到隐士，输出小E最少需要携带的守护精灵的总个数；如果无论如何小E都无法拜访到隐士，输出“-1”（不含引号）。
示例1
输入:
4 5 1 2 19 1 2 3 8 12 2 4 12 15 1 3 17 8 3 4 1 17
输出:
32
说明:
如果小E走路径1→2→4，需要携带19+15=34个守护精灵；C++11(clang++ 3.9) 解法, 执行用时: 167ms, 内存消耗: 4344K, 提交时间: 2020-08-14 14:54:02
#include<cstdio>
#include<cstdlib>
#include<cstring>
#include<iostream>
#include<algorithm>
#include<queue>
#define N 50000
using namespace std;
int n,m,adj[N+5],ans=1000000000,sz,A[N+5];
int dis[N+5],v[N+5],e;
struct road
{
int v,next,a,b;
} lu[N*2+5];
struct node
{
int x,y,a,b;
} f[N*2+5];
inline int cmp(const node &a,const node &b)
{
return a.a<b.a;
}
queue<int> q;
void add(int u,int v,int a,int b)
{lu[++e].v=v;lu[e].a=a;lu[e].b=b;lu[e].next=adj[u];adj[u]=e;}
void spfa()
{
while(!q.empty())
{
int x=q.front();
q.pop();
for(int i=adj[x];i;i=lu[i].next)
{
int to=lu[i].v,k=max(lu[i].b,dis[x]);
if(k<dis[to])
{
dis[to]=k;
if(!v[to])
{
v[to]=1;
q.push(to);
}
}
}
v[x]=0;
}
}
int main()
{
scanf("%d%d",&n,&m);
int x,y,a1,b1;
for(int i=1;i<=m;i++)
{
scanf("%d%d%d%d",&f[i].x,&f[i].y,&f[i].a,&f[i].b);
A[i]=f[i].a;
}
sort(f+1,f+m+1,cmp);
sort(A+1,A+m+1);
sz=unique(A+1,A+m+1)-A-1;
int hh=1;
memset(dis,40,sizeof(dis));
dis[1]=0;
for(int i=1;i<=sz;i++)
{
for(int j=hh;j<=m+1;j++)
{
if(j==m+1){hh=m+2;break;}
if(f[j].a>A[i]){hh=j;break;}
add(f[j].x,f[j].y,f[j].a,f[j].b);
add(f[j].y,f[j].x,f[j].a,f[j].b);
q.push(f[j].x);
v[f[j].x]=1;
q.push(f[j].y);
v[f[j].y]=1;
}
int h=dis[n];
spfa();
if(h>dis[n])
ans=min(ans,dis[n]+A[i]);
}
if(ans==1000000000)cout<<-1<<endl;
else printf("%d\n",ans);
}